Достаточно маленькая сфера перпендикулярна геодезическим, проходящим через ее центр.
Эта статья посвящена лемме Гаусса в римановой геометрии. Для использования в других целях см.
Лемма Гаусса.
В Риманова геометрия, Лемма Гаусса утверждает, что любой достаточно малый сфера с центром в точке Риманово многообразие перпендикулярно каждому геодезический через точку. Более формально, пусть M быть Риманово многообразие, оборудованный своим Леви-Чивита связь, и п точка M. В экспоненциальная карта отображение из касательное пространство в п к M:

который является диффеоморфизм в окрестности нуля. Лемма Гаусса утверждает, что образ сфера достаточно малого радиуса в ТпM под экспоненциальным отображением перпендикулярно всем геодезические происходящий из п. Лемма позволяет понимать экспоненциальное отображение как радиальное изометрия, и имеет фундаментальное значение при изучении геодезических выпуклость и нормальные координаты.
Вступление
Определим экспоненциальное отображение при
к

куда
уникальный геодезический с
и касательная
и
выбирается достаточно малым, чтобы для каждого
геодезический
определено в 1. Итак, если
полна, то Теорема Хопфа – Ринова.,
определена на всем касательном пространстве.
Позволять
- кривая, дифференцируемая в
такой, что
и
. С
, ясно, что мы можем выбрать
. В этом случае по определению дифференциала экспоненты по
применяется над
, мы получаем:

Итак (с правильной идентификацией
) дифференциал
это личность. По теореме о неявной функции
является диффеоморфизмом в окрестности точки
. Лемма Гаусса теперь говорит, что
также является радиальной изометрией.
Экспоненциальное отображение - это радиальная изометрия
Позволять
. Далее мы производим отождествление
.
Лемма Гаусса утверждает: Позволять
и
. Потом, 
За
, эта лемма означает, что
является радиальной изометрией в следующем смысле: пусть
, т.е. такие, что
хорошо определено. И разреши
. Тогда экспоненциальная
остается изометрией в
, и, в более общем смысле, по всей геодезической
(поскольку
хорошо определено)! Затем радиально во всех направлениях, разрешенных областью определения
, это остается изометрией.
Экспоненциальное отображение как радиальная изометрия
Доказательство
Напомним, что

Мы выполняем три шага:
: построим кривую
такой, что
и
. С
, мы можем положить
. Следовательно,

куда
является параллельным транспортным оператором и
. Последнее равенство верно, потому что
геодезическая, поэтому
параллельно.
Теперь вычислим скалярное произведение
.
Мы разделяем
в компонент
параллельно
и компонент
нормально к
. В частности, положим
,
.
Предыдущий шаг напрямую подразумевает:


Следовательно, мы должны показать, что второй член равен нулю, потому что, согласно лемме Гаусса, мы должны иметь:

:
Кривая, выбранная для доказательства леммы
Определим кривую
![alpha двоеточие [- epsilon, epsilon] times [0,1] longrightarrow T_ {p} M, qquad (s, t) longmapsto tv + tsw_ {N}.](https://wikimedia.org/api/rest_v1/media/math/render/svg/28b769a385ab276e13a2c121bfe0a4b93f0737b6)
Обратите внимание, что

Положим:
![f двоеточие [- epsilon, epsilon] times [0,1] longrightarrow M, qquad (s, t) longmapsto exp _ {p} (tv + tsw_ {N}),](https://wikimedia.org/api/rest_v1/media/math/render/svg/269c83383defdc8b74af661c4f9d579508af34d0)
и рассчитываем:

и

Следовательно

Теперь мы можем проверить, что это скалярное произведение действительно не зависит от переменной
, и поэтому, например:

потому что, согласно тому, что было сказано выше:

учитывая, что дифференциал является линейным отображением. Таким образом, это доказывает лемму.
- Мы проверяем, что
: это прямой расчет. Поскольку карты
геодезические,

Поскольку карты
геодезические, функция
постоянно. Таким образом,

Смотрите также
Рекомендации